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第一题:现在有两个正整数,其中一个是平方数。若两数之和比它们之积小2006,求两数之差。


a,bNa,b \in \N^*, 根据题意,有:a+b2+2006=ab2a+b^2+2006=ab^2, 即 a+2006=(a1)b2a+2006 = (a-1)b^2.
显然 a10a-1 \neq 0. 将 a1a-1 除到左边,有

b2=a+2006a1=1+2007a1b^2 = \dfrac{a+2006}{a-1} = 1+\dfrac{2007}{a-1}

此时,符合题意的 aa 应当满足让 1+2007a11+\dfrac{2007}{a-1} 为完全平方数。

显然,2007a1\dfrac{2007}{a-1} 必须为整数,即 a1a-1 必须是 20072007 的因数。
20072007 的因数有 1,3,9,669,20071, 3, 9, 669, 2007. 其中,只有当 a1=669a-1 = 669 时,b2=1+3=4b^2 = 1+3 = 4 为完全平方数。
此时 a=670a = 670, ab=666|a-b| = 666.

本题答案为 666\underline{666}.

第二题:求一个小于2006的正整数 nn, 使得 2006n2006n2006+n2006+n 的倍数。


a=2006n2006+n=(20062+2006n)200622006+n=2006200622006+na = \dfrac{2006n}{2006+n} = \dfrac{(2006^2+2006n)-2006^2}{2006+n} = 2006-\dfrac{2006^2}{2006+n}, 题目等效于求满足 200622006+n\dfrac{2006^2}{2006+n} 为整数的 nn.

因为 nn 为正整数且 nn 小于 2006, 所以 2006<2006+n<40122006 < 2006+n < 4012. 我们的目标即为寻找落在区间 (2006,4012)(2006, 4012) 之间的、200622006^2 的因数。
质因数分解, 有 20062=(2×17×59)2=4×289×34812006^2 = (2\times17\times59)^2 = 4 \times 289 \times 3481. 其中 3481(2006,4012)3481 \in (2006, 4012), 故而有 2006+n=34812006+n=3481, 即 n=1475n = 1475.

本题答案为 1475\underline{1475}.

第三题:若彼得以他正常的步速在一条开动中的扶手电梯上行走,那么通过整条扶手电梯需要 40 秒;若彼得以他两倍正常步速在扶手电梯上行走,那么通过整条扶手电梯需要 30 秒。如果彼得在扶手电梯上立定不行走的话,通过整条扶手电梯需要多少秒?


设彼得的正常速度为 vv, 扶梯的速度为 uu, 扶梯的长度为 xx.
若彼得顺扶梯行进方向行走,则有方程:
{40(v+u)=x30(2v+u)=x\left\{\begin{aligned} 40(v+u) = x \\ 30(2v+u) = x \end{aligned}\right.

解得 u=2vu = 2v, x=120vx = 120v, 通过扶梯的时间为 xu=120v2v=60\dfrac{x}{u} = \dfrac{120v}{2v} = 60.

若彼得逆扶梯行进方向行走;显然,v>uv > u. 则有方程:
{40(vu)=x30(2vu)=x\left\{\begin{aligned} 40(v-u) = x \\ 30(2v-u) = x \end{aligned}\right.

解得 u=2vu = -2v. 此时,步行速度和扶梯速度必然一正一负。但是根据生活常识,速度不可能为负值。故此情况不符合题意。

本题答案为 60\underline{60}.

第二十题:一个游戏有 2005 个小孩参加,他们被编为 1120052005 号。此外,游戏中有 2005 张卡片,分别被编为 2220062006 号。现在要将卡片派给小孩,每人一张,且要求每人所得的卡片编号都是自己的编号的倍数。问有多少种不同的方法派发卡片?


m,n,k,an,bkNm, n, k, a_n, b_k \in \N^*.

首先,当 1004m20051004 \leqslant m \leqslant 2005 时,因为 2m>20062m > 2006, 所以编号在 10041004 之后的小孩只有一种派发方式,即派发等同于自己编号的卡片。

20062006 的因数有 1,2,17,59,34(2×17),118(2×59),1003(17×59),20061, 2, 17, 59, 34 (2\times17), 118 (2\times59), 1003(17\times59), 2006. 我们尝试证明,若一小孩的编号在10031003之前,且不属于20062006的因数;则这个小孩只有一种派发方式,即派发等同于自己编号的卡片。
n1003n \leqslant 1003, 且 nn 不为 20062006 的因数。假设编号为 nn 的小孩派发编号为 a1na_1n 的卡片,此时编号为 a1na_1n 的小孩便只能派发编号为 a1a2na_1a_2n 的卡片。循环反复。
最后,必然存在 2(a1a2ann)>10032(a_1a_2\cdots a_nn) > 1003. 因为编号 1004100420052005 之间的卡片已经派发到同等编号的小孩,且 nn 不为 20062006 的因数,所以编号为 a1a2anna_1a_2\cdots a_nn 的小孩无法派发任何卡片。矛盾!证明结束。

因此,题目等效于求编号为 1,2,17,59,34,118,10031, 2, 17, 59, 34, 118, 1003 的小孩,与编号为 2,17,59,34,118,1003,20062, 17, 59, 34, 118, 1003, 2006 的卡片之间的派发方式种数。

当编号为 11 的小孩派发编号为 20062006 的卡片时;容易看出,剩下的小孩只有一种派发方式,即派发等同于自己编号的卡片。
当编号为 2,17,592, 17, 59 的小孩派发编号为 20062006 的卡片时;因为编号均为质数,所以对应编号的卡片只能派发给编号为 11 的小孩,即只有一种派发方式。
当编号为 34,118,100334, 118, 1003 的小孩派发编号为 20062006 的卡片时;因为编号有两个质因数,所以此时既可以将对应编号的卡片派发给编号为 11 的小孩,也可以派发给编号为其任意质因数的小孩,然后将编号为这个质因数的卡片派发给编号为 11 的小孩。一共有三种派发方式。
故而派发方式种数一共有 4+3+3+3=134+3+3+3 = 13 种。

本题答案为 13\underline{13}.

夏草 更改标题为「【进度 4/20】“国际数学奥林匹克——2006香港选拔赛” 个人解答

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