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如图,在 ABC\triangle ABC 中,BAC=90°\angle BAC = 90 \degree, AB=ACAB = AC, 以 ABAB 为直径的 O\odot OBCBC 于点 DD, AEOCAE \bot OC, 垂足为 EE, BEBE 的延长线交圆弧 ABAB 于点 FF.

  1. OEAE\frac{OE}{AE} 的值。
  2. 求证:AEBBEC\triangle AEB \sim \triangle BEC.
  3. 求证:ADADEFEF 互相平分。

第一小问。
按比例缩放不影响形状和比值,不妨设 OA=1OA = 1, 则有 AC=2AC = 2, OC=5OC = \sqrt{5}.
12OAAC=12OCAE=SOAC\frac{1}{2} OA \cdot AC = \frac{1}{2} OC \cdot AE = S_{\triangle} OAC ,
所以 AE=OAACOC=255AE = \frac{OA \cdot AC}{OC} = \frac{2\sqrt{5}}{5},
此时 OE=OA2AE2=55OE = \sqrt{OA^2-AE^2} = \frac{\sqrt{5}}{5}.
所以 OEAE=12\frac{OE}{AE} = \frac{1}{2}.

第二小问。
已知 BC=22BC = 2\sqrt{2}.
因为 AEOCAE \bot OC, 所以 cosEAB=AEOA=255\cos \angle EAB = \frac{AE}{OA} = \frac{2\sqrt{5}}{5} .
由余弦定理,有 BE=AE2+AB22cosEABAEAB=2105BE = \sqrt{AE^2+AB^2-2\cos\angle EAB \cdot AE \cdot AB} = \frac{2\sqrt{10}}{5}.
此时有 BEBC=AEAB=55\frac{BE}{BC} = \frac{AE}{AB} = \frac{\sqrt{5}}{5}, 也即 AEBBEC\triangle AEB \sim \triangle BEC.

第三小问。
证明 ADADEFEF 互相平分,等价于证明四边形 AEDFAEDF 为平行四边形,等价于证明 AF//EDAF // ED, 且 AF=EDAF = ED.

EF=xEF = x, AF=yAF = y, 则有 BF=x+2105BF = x+\frac{2\sqrt{10}}{5}. 因为 AFBFAF \bot BF, 所以 AF2+EF2=AE2AF^2+EF^2=AE^2, AF2+BF2=AB2AF^2+BF^2=AB^2, 即有以下方程:
{x2+y2=45(x+2105)2+y2=4\left\{\begin{aligned} x^2+y^2 = \frac{4}{5} \\ (x+\frac{2\sqrt{10}}{5})^2 + y^2 = 4 \end{aligned}\right.

解之,得 x=y=105x = y = \frac{\sqrt{10}}{5}, 即 AF=105AF = \frac{\sqrt{10}}{5}.

因为 ADB=BAC=90°\angle ADB = \angle BAC = 90 \degree, 所以 ABDABC\triangle ABD \sim \triangle ABC, BD=ABACBC=2BD = \frac{AB \cdot AC}{BC} = \sqrt{2}.
因为 AEBBEC\triangle AEB \sim \triangle BEC, 所以 CBE=BAE\angle CBE = \angle BAE, cosCBE=cosBAE=255\cos\angle CBE = \cos\angle BAE = \frac{2\sqrt{5}}{5}.
连接 EDED. 由余弦定理,有 ED=BD2+BE22cosCBEBDBE=105ED = \sqrt{BD^2+BE^2-2\cos\angle CBE \cdot BD \cdot BE} = \frac{\sqrt{10}}{5}.
此时有 AF=EDAF = ED.

又因为 BE2+ED2=BD2BE^2 + ED^2 = BD^2, 所以 BED=90°\angle BED = 90 \degree, 也即 DEF=AFB=90°\angle DEF = \angle AFB = 90 \degree.
此时有 AF//EDAF // ED.

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