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题目

已知函数 f(x)=sinxxf(x)=\frac{sinx}x .
(1)判断函数 f(x)f(x) 在区间(0,3π) (0,3\pi) 上的极值点个数并证明;
(2)函数 f(x)f(x) 在区间(0,+) (0,+\infty) 上的极值点分别为x1,x2,x3...,xn... x_1,x_2,x_3...,x_n... ,设an=f(xn) a_n=f(x_n) Sn S_n 为数列an a_n 的前 nn 项和,
①证明:a1+a2<0 a_1+a_2<0
②试问是否存在nN n\in N^* 使得 Sn0S_n\geq0 ?若存在,求出n n 的取值范围;若不存在,请说明理由.

解析

第一问

第一问直接求导即可,但分析过程对后续证明有启发。

f(x)=xcosxsinxx2f'(x)=\frac{xcosx-sinx}{x^2} ,符号即为xcosxsinx xcosx-sinx 符号,极值点个数即为xcosxsinx xcosx-sinx 在区间(0,3π) (0,3\pi) 上的零点个数,

xcosxsinx=0 xcosx-sinx=0 x=tanx x=tanx (显然 xx 不为π2+2kπ(kZ) \frac\pi2+2k\pi(k\in Z) ),(后文的k k 均为整数)

同时tanx>0 tanx>0 当且仅当x(kπ,kπ+π2) x\in(k\pi,k\pi+\frac\pi 2) ,故 x>0x>0 时其解必在这个区间内

g(x)=tanxx(x(kπ,kπ+π2))g(x)=tanx-x (x\in(k\pi,k\pi+\frac\pi 2))

g(x)=1cos2x1>0g'(x)=\frac1{cos^2x}-1>0 ,故在x(kπ,kπ+π2) x\in(k\pi,k\pi+\frac\pi 2) g(x)g(x) 单调递增,而g(kπ)=kπ<0 g(k\pi)=-k\pi<0 xkπ+π2x\to k\pi+\frac\pi 2g(x)+g(x)\to+\infty ,在区间上存在唯一零点,

故对于 k>0,kZ\forall k>0,k\in Z f(x) f(x) (kπ,kπ+π2)(k\pi,k\pi+\frac\pi 2) 上有唯一极值点,令k=1,2 k=1,2 即得出有2 2 个极值点。
第二问

先进行隐零点代换,

f(xn)=sinxnxn,f(xn)=0xncosxn=sinxn,f(xn)=cosxnf(x_n)=\frac{sinx_n}{x_n},f'(x_n)=0\Leftrightarrow x_ncosx_n=sinx_n,f(x_ n)=cosx_n

此时由前述分析知,xn(nπ,nπ+π2) x_n\in(n\pi,n\pi+\frac\pi 2)

n n 为奇数时 an<0a_n<0 ,当n n 为偶数时an>0 a_n>0

此时我们用诱导公式转化到同一区间 (0,π2)(0,\frac\pi2)
cos(xn)=cos(xnnπ)cos(x_n)=-cos(x_n-n\pi) nn 为奇数),

cos(xn)=cos(xnnπ)cos(x_n)=cos(x_n-n\pi) nn 为偶数),

而由前述分析知g(xn)=0 g(x_n)=0 ,转化到(0,π2) (0,\frac\pi2) 后利用正切函数周期性消掉xn x_n

g(xnnπ)=tan(xnnπ)xn+nπ=tanxnxn+nπ=g(xn)+nπ=nπg(x_n-n\pi)=tan(x_n-n\pi)-x_n+n\pi=tanx_n-x_n+n\pi=g(x_n)+n\pi=n\pi

显然g(xnnπ) g(x_n-n\pi)n n 单调递增,

且由g(x) g(x)(0,π2) (0,\frac\pi2) 单调递增可知 xnnπx_n-n\pi nn 单调递增(复合函数单调性)

cosxcosx (0,π2)(0,\frac\pi2) 单调递减,故cos(x2k+1(2k+1)π)>cos(x2k+2(2k+2)π) cos(x_{2k+1}-(2k+1)\pi)>cos(x_{2k+2}-(2k+2)\pi) ,而 cos(x2k+1)=cos(x2k+1(2k+1)π)cos(x_{2k+1})=-cos(x_{2k+1}-({2k+1})\pi) cos(x2k+2)=cos(x2k+2(2k+2)π)cos(x_{2k+2})=cos(x_{2k+2}-({2k+2})\pi)

a2k+1+a2k+2=cos(x2k+1)+cos(x2k+2)=cos(x2k+2(2k+2)π)cos(x2k+1(2k+1)π)<0a_{2k+1}+a_{2k+2}=cos(x_{2k+1})+cos(x_{2k+2})=cos(x_{2k+2}-({2k+2})\pi)-cos(x_{2k+1}-({2k+1})\pi)<0

,令k=1 k=1 即可证明①,

而当n n 为偶数时,累加后显然Sn<0 S_n<0nn 为奇数时,由于n n 为奇数时an<0 a_n<0 ,故Sn<Sn1<0(n3) S_n<S_{n-1}<0 (n\geq3) S1=a1<0S_1=a_1<0 ,故不存在nN n\in N^* 使得Sn0 S_n\geq0

题目分析

本题利用三角函数周期性转化到同一周期内讨论,再利用隐零点代换将函数值转化为简单的三角函数值,体现了化归思想,同时也综合了函数和数列的处理。

后记

欢迎大家一起探讨更优的解法,祝大家学习进步!

Claris 更改标题为「零点代换与单调区间构造——2024年常德市高三二模导数压轴解析

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